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如圖為某一傳送帶傳動裝置
發布時間：2021-02-21 06:26:58『壹』 如圖所示為一皮帶傳動裝置，皮帶不打滑，A、B兩點分別位於兩輪的邊緣上，C點是大輪內的一點，下列說法正
A、傳送帶在傳動過程中不打滑，則傳送帶傳動的兩輪子邊緣上各點的專線速度大小相等，所屬以A點與B點的線速度大小相等，故A正確；
B、BC兩點為共軸的輪子上兩點，ωB=ωC，而vA=vB，且rB＞rA，根據v=rω可知，ωA＞ωB，所以ωA＞ωC，故B錯誤C正確；
D、ωB=ωC，而v=ωr，且rB＞rC，所以vB＞vC，所以vA＞vC，故D錯誤．
故選：AC
『貳』 .如圖所示,為傾斜的皮帶傳送裝置.關於傳送帶上的物體所受的摩擦力,下列說法正
不用看圖都是知道 B
『叄』 如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，光滑的水平導軌MN右端N處與水平傳送帶理想連接，傳送帶長度L=4.0m，皮
| 解：（來1）滑塊C滑上傳送帶源後做勻加速運動，設滑塊C從滑上傳送帶到速度達到傳送帶的速度v所用的時間為t，加速度大小為a，在時間t內滑塊C的位移為x 根據牛頓第二定律和運動學公式：μmg=ma，v=v C +at，  解得：v m =7.1m/s |
『肆』 如圖為某機場旅客行李水平傳輸裝置一部分的俯視圖，它由傳送帶和轉盤組成．行李箱從A處無初速放到傳送帶
（1）設物品質量為m，物品先在傳送帶上做初速度為零的勻加速直線運動，其位移版大小為s1．
由牛頓第二定律得權：μ1mg=ma，
由勻變速運動的速度位移公式得：v2=2as1，
解得：a=2.5m/s2，s1=0.8m＜L=10m，
行李箱速度與傳送帶速度相等後，行李箱和傳送帶一起以速度v做勻速運動，
行李箱加速運動的時間：t=
| v |
| a |
| 2 |
| 2.5 |
物體達到轉盤時的速度為：v=2m/s，
物品在轉盤上所受靜摩擦力提供向心力，μ2最小時達最大靜摩擦力，
由牛頓第二定律得：μ2mg=m
| v2 |
| R |
（3）運送一個行李箱傳送帶需要做的功為：
W=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
則傳送帶電動機因為傳送一個行李箱需要輸出的能量為20J．
答：（1）行李箱與轉盤間的動摩擦因數μ2至少為0.1；
（2）若行李箱的平均質量為5kg，則傳送帶電動機因為傳送一個行李箱需要輸出的能量為20J．
『伍』 如圖所示為某糧倉中由兩台皮帶傳送機組成的傳輸裝置示意圖．設備調試時，將傾斜傳送機的傳送帶與水平地面
| （1）米袋在傳送帶的滑動摩擦力作用下做勻加速直線運動，在水平方向開始只受滑動摩擦力故有：F 合 =f=μmg=ma 1 所以米袋的加速度為： a 1 =μg=5m/ s 2 米袋在水平傳送帶上的最大速度為v max =5m/s，所以其加速時間為 t 1 =
∵x 1 ＜L ∴米袋勻速運動位移為：x 2 =L-x 1 =0.5m 米袋勻速運動時間為： t 2 =
所以米袋從A到B的時間為：t=t 1 +t 2 =1.1s v | 2max | |
因為CD相距較遠，超過了6.25m，所以米袋無法到達D點．
根據題意，調試使米袋可以到達D點，只有減小傳送帶的傾角θ即可．
答：（1）A至B端所用時間為1.1s；
（2）傳送帶不動，米袋在CD上上滑的最大距離為1.25m；
（3）調試的方法是減小傳送帶的傾角θ．
『陸』 如圖所示為某企業流水線上使用的水平傳送帶裝置示意圖．綳緊的傳送帶始終 保持恆定速率運行，傳送帶的水
（1）由平拋運動規抄律，在襲豎直方向上有：h=
| 1 |
| 2 |
在水平方向上有：x=vt
聯立解得v=2.0m/s．
（2）根據牛頓第二定律得，μmg=ma，
解得加速度大小a=μg=2m/s2
集裝箱減速的時間t＝
| v0?v |
| a |
| 2.4?2 |
| 2 |
即0.20s-1.00s內，集裝箱與傳送帶保持相對靜止．
減速過程中集裝箱的位移x1＝
| v0+v |
| 2 |
| 2.4+2 |
| 2 |
傳送帶的位移x2=vt=2×0.2m=0.4m
相對位移△x1=x1-x2=0.04m，
電動機停止轉動後，集裝箱滑行的距離為△x2＝
| v2 |
| 2a |
| 4 |
| 4 |
所以，集裝箱留下的痕跡長為△x=△x1+△x2=1.04m．
答：（1）傳送帶的速率為2m/s；
（2）集裝箱在傳送帶上留下的劃痕長度為1.04m．
『柒』 如圖所示，某傳送帶裝置傾斜放置，傾角 =37 o ，傳送帶AB長度x o =l0m。有一水平平台CD高度保持6．45m不
| （1）.2m（2）v 01 = 17m/s（3）2 m/s
『捌』 如圖所示為某糧食倉庫用來傳送糧食的皮帶傳輸裝置，它由兩台皮帶傳送機組成，傳送帶甲與地面間的傾角為30
（1）米袋放上來甲傳送帶後，因為自μ＞tan30°，所以米袋向上做加速運動，由牛頓第二定律得：
S1=
餘下5米米袋和傳送帶甲一起以5m/s勻速向上運動．所以到達B點的速度為5m/s． （2）米袋上傳送帶乙以後，因為μ＜tan60°，所以向上做減速運動； 由牛頓第二定律得： mgsin60°-μmgcos60°=ma2 代入數據解得：a2=2.5 |