⑴ 蜘蛛俠發射器怎麼做
蜘蛛俠發射器做法如下：
1、想製作蜘蛛俠發射器的人，想必你肯定不是一般人，實話說人類目前無法製造出來，你可以去問蜘蛛俠。
⑵ 如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，光滑的水平導軌MN右端N處與水平傳送帶理想連接，傳送帶長度 L=4.0m，皮
（1）滑塊C滑上傳送帶後做勻加速運動，設滑塊C從滑上傳送帶到速度達到傳送帶的速度v所用的時間為t，加速度大小為a，在時間t內滑塊C的位移為x．
根據牛頓第二定律和運動學公式
μmg=ma
v=vC+at
x＝vct+at2
代入數據可得 x=1.25m
∵x=1.25m＜L
∴滑塊C在傳送帶上先加速，達到傳送帶的速度v後隨傳送帶勻速運動，並從右端滑出，則滑塊C從傳送帶右端滑出時的速度為
v=3.0m/s
（2）設A、B碰撞後的速度為v1，A、B與C分離時的速度為v2，由動量守恆定律
mAv0=（mA+mB）v1
（mA+mB）v1=（mA+mB）v2+mCvC
AB碰撞後，彈簧伸開的過程系統能量守恆
∴EP+(mA+mB)| v | 2
⑶ 如圖所示為研究某種彈射裝置的示意圖，光滑的水平導軌MN右端N處與水平傳送帶理想連接，傳送帶足夠長，皮
（1）滑塊C滑上傳送帶做勻減速運動，當速度減為零時，滑動的距離最遠．
由動能定理?μmgsm＝0?m| v | 2
⑷ 美國總統乘坐的「空軍一號」，為何被稱為無法被擊落的飛機
首先這是因為美國軍隊的保護使得美國總統可以高枕無憂的出訪任何一個國家。再加上美國的空軍1號上面的一些設施非常的完善，也使得美國總統的安全得到了有效的保障。當然美國空軍1號其實有兩架，所以美國總統每一次出訪是乘坐哪一架空軍1號並沒有任何人知道。所以這也在一定程度上維護了美國總統的安危。
更重要的是一旦空軍1號被其他人擊落的話，將會對於美國造成非常大的打擊以及沖擊，因為美國人以前認為空軍1號是世界上最安全的飛機。
⑸ 如圖所示的是一種彈射裝置，彈丸質量為m，底座質量為3m，開始時均處於靜止狀態，當彈簧釋放將彈丸以相對
彈丸和底座組成的系統動量守恆，設彈丸發射出的速度方向為正，
根據動量守恆：
0=3mvx+mv
得：vx=- ，負號表示方向與彈丸發射速度方向相反， 故選：B．
⑹ 如圖所示，光滑水平面MN的左端M處有一彈射裝置P(P為左端固定，處於壓縮狀態且鎖定的輕質彈簧，當A與P碰撞
（1）彈簧彈開的過程中，系統 機械能守恆 E p = m A υ A 2 + m B υ B 2 （1分） 由動量守恆有 m A υ A - m B υ B =" 0" （1分） 聯立以上兩式解得 υ A =" 2m/s" υ B =" 2m/s" （1分） B滑上傳送帶做勻減速運動，當速度減為零時，向右運動的距離最大。 由動能定理得 - μm B gs m = 0 - m B υ B 2 （1分） 解得 s m = =" 1m" （1分） （2）物塊B先向右做勻減速運動，直到速度減小到零，然後反方向做勻加速運動，回到皮帶左端時速度大小仍為υ B = 2m/s（1分） 由動量定理 - μm B gt =" -" m B υ B - m B υ B （1分） 解得 t = =" 2s" （1分） B向右勻減速運動因摩擦而產生的熱能為 Q 1 = μm B g(υ · + s m )（1分） B向左勻加速運動因摩擦而產生的熱能為 Q 2 = μm B g(υ · - s m )（1分） Q = Q 1 + Q 2 = μm B gυt = 20J（1分） （3）設彈射裝置P將A彈開時的速度為υ A ′，則 E = m A υ A ′ 2 - m A υ A 2 （2分） B離開彈簧時，AB速度互換，B的速度 υ B ′ = υ A ′（2分） B與彈簧分離後不再與彈簧相碰，則B滑出平台Q端，由能量關系有 m B υ B ′ 2 > μm B gL（2分） 以上三式解得 E > μm A gL - m A υ A 2 （2分） 代入數據解得 E> 6J（1分）
⑺ 設計一個通過電路控制的小型彈射裝置，要求裝置最好控制到30*30*30范圍內，彈力要可推開小櫃門，最好有圖
見過一個日本的視頻，將小小的遙控車，自製自動鋼珠裝彈器，用小電池的能源，
經過電磁炮，將鋼珠一次射穿易拉罐兩面！！！！
⑻ 如圖為某種魚餌自動投放器中的投餌裝置示意圖，其上半部 BC 是半徑為 R 的四分之一圓弧彎管，管口與水平
（1）
⑼ 如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，輕彈簧左端與一固定擋板相連，光滑的水平導軌MN右端N處與水平傳送帶理
（1）滑塊B滑上傳送帶後作勻加速直線運動．設滑塊B從滑上傳送帶到速度達到傳送帶的速度v所用的時間為t，加速度為a，在時間t內滑塊B的位移為x，
根據牛頓第二定律和運動學規律有：
摩擦力產生加速度：μmg=ma
速度與時間關系：v=vB+at
位移與時間關系：x=vBt+ at 2
解得x=1.25m＜L 即滑塊B在傳送帶上先加速，後勻速運動，則滑塊B到達P點時的速度為v=3m/s． （2）要使B仍落在Q點，則B到達P點的速度仍為v=3m/s 設A與彈簧分離時速度為v 0，A、B碰撞後A的速度為v 1，B的速度為v 2， v 2-v 22=-2aL 解得：v=5m/s 由動量守恆定律有mv 0=mv 1+mv 2設彈簧對A做的功為W，由動能定理得 W= mv 02由以上各式得：W=12.5J （3）設滑塊B從N到P的時間為t v=v 2-at 解得：t=1s 傳送帶向左運動的距離為s 1=vt=3m 則產生的熱量Q=μmg（s 1+L） 解得：Q=14J 答：（1）滑塊B到達傳送帶右端P點時的速度3m/s； （2）第二次實驗時，使皮帶輪沿逆時針方向轉動，帶動皮帶以速率v=3.0m/s勻速轉動，仍要使滑塊B落至Q點，則需將滑塊A壓縮彈簧至另一位置由靜止釋放，後與B發生彈性碰撞，則此過程彈簧對滑塊A做的功W12.5J； （3）在第二次實驗過程中，滑塊B在傳送帶上滑動過程中產生的熱量Q為14J．
與自動彈射裝置如圖放置相關的資料
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