圖甲為一研究電磁感應的實驗裝置

.

C. 如圖①為「研究電磁感應現象」的實驗裝置．（1）請用筆連線代替導線將圖①中所缺的導線補接完整．（2）已

（1）將電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯成一個迴路，再將電流計與大螺線管串聯成另一個迴路，電路圖如圖所示：

（2）A、由圖示可知，條形磁鐵向下插入線圈時，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流從電流計的右接線柱流入，電流表指針向右偏轉，故A正確；
B、由圖示可知，電流計指針向左偏轉，說明電流從負接線柱流入，由安培定則可知，感應電流磁場向上，由圖示可知，此時條形磁鐵離開線圈，原磁通量減小，由楞次定律可知，原磁場方向向下，因此條形磁鐵的下端是N極，故B正確；
C、由圖示可知，電流計指針向右偏轉，說明電流從正接線柱流入，由安培定則可知，感應電流磁場向下，由圖示可知，原磁場方向向上，由楞次定律可知，原磁通量應減小，因此條形磁鐵應向上運動，故C錯誤；
D、由圖示可知，電流計指針向右偏轉，說明電流從正接線柱流入，由圖示可知，原磁場方向向下，磁鐵離開線圈，穿過線圈的原磁通量減小，由楞次定律可知，感應電流磁場應向下，由安培定則可知，丁圖中線圈的繞制方向從上往下看為順時針方向，與甲圖相反，故D錯誤；
故選：AB．
故答案為：
（1）如圖所示；
（2）AB．

D. 如圖所示為「研究電磁感應現象」的實驗裝置．（1）將圖中所缺的導線補接完整．（2）如果在閉合開關時發現

（1）將電源、電抄鍵、變阻器、小螺襲線管串聯成一個迴路，再將電流計與大螺線管串聯成另一個迴路，電路圖如圖所示．
（2）閉合電鍵，磁通量增加，指針向右偏轉，將原線圈迅速插入副線圈，磁通量增加，則靈敏電流計的指針將右偏．原線圈插入副線圈後，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，電阻增大，則電流減小，穿過副線圈的磁通量減小，則靈敏電流計指針向左偏．
（3）如果副線圈B兩端不接任何元件，線圈中仍有磁通量的變化，仍會產生感應電動勢，不會沒有感應電流存在，但是可根據楞次定律來確定感應電流的方向，從而可以判斷出感應電動勢的方向．故CD正確，AB錯誤；
故答案為：（1）

（2）①向右偏轉一下；②向左偏轉一下；
（3）CD．

E. 如圖（a）為一研究電磁感應的實驗裝置示意圖，其中電流感測器（電阻不計）能將各時刻的電流數據實時通過

（1）由I-t圖象可知，當金屬桿達到穩定運動時的電流為1.60A，
桿受力平衡，由平衡條件得：mgsinθ=BIL，
解得：B＝

mgsinθ

IL

＝

0.2×10×0.5

1.60×1

T＝0.625T，
由圖可知，當t=0.5s時，I=1.10A；
P=I²R=1.10²×1.0W=1.21W；
（2）1.2s內通過電阻的電量為圖線與t軸包圍的面積，由圖知：
總格數為129格（126～135格均正確）q=129×0.1×0.1C=1.29C（1.26C～1.35C格均正確），
由圖知：1.2s末桿的電流I=1.50A，
感應電流I=

E

R+r

=

BLv

R+r

，
金屬桿速度：v=

I(R+r)

BL

，
解得：v=3.6m/s，
通過電阻的電荷量：
q=I△t=

E

R+r

△t=

△Φ

△t

?

1

R+r

?△t=

△Φ

R+r

=

BLx

R+r

，
金屬桿移動的距離：x=

q(R+r)

BL

，
解得：x=3.096m，
由能量守恆定律得：mgxsinθ=

1

2

mv²+Q，
電阻R上產生的熱量：Q_R=

R

R+r

Q，
解得：Q_R=1.2J；
（3）由圖象分析，金屬桿在1.6s內隨著位移的變大，做加速度逐漸變小的速度變大的直線運動；
1.6s～2.0s內隨著位移的變大，做勻速直線運動；2.0s時刻斷開電鍵，
2.0s～4.0s金屬桿做勻加速直線運動，其加速度為a=5m/s²．圖象如圖所示：
圖象
答：（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小為0.625T，在t=0.5s時電阻R的熱功率為1.21W；
（2）估算0～1.2s內通過電阻R的電荷量及在R上產生的焦耳熱為1.2J；
（3）速度隨時間的變化圖象如圖所示．

F. 如圖為「研究電磁感應現象」的實驗裝置．（1）將圖中所缺的導線補接完整．（2）怎樣才能使線圈B中有感應

（1）探究電磁感應現象實驗電路分兩部分，要使原線圈產生磁場必須對其通電，故電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，
靈敏電流計與副線圈組成另一個閉合電路；如圖所示：

（2）當穿過B線圈的磁通量發生變化時，會產生感應電流，方法有：①電鍵K 閉合瞬間． ②電鍵K斷開瞬間．③線圈A 放入線圈B的過程中． ④線圈A 從線圈B內移出的過程中．⑤調節滑動變阻器的滑動端P時．
故答案為：（1）如圖所示（2）①電鍵K閉合瞬間．②電鍵K斷開瞬間．
③線圈A放入線圈B的過程中．④線圈A從線圈B內移出的過程中．
⑤調節滑動變阻器的滑動端P時．

G. 如圖（甲）為一研究電磁感應的裝置，其中電流感測器（相當於一隻理想的電流表）能將各時刻的電流數據實時

（1）由圖知：桿達到穩定運動時的電流為1.0A
K接通前 mgsinθ=μmgcosθ
K接通後且桿達到穩定時 mgsinθ+BIL=μmgcosθ+Mg
解得 B=

Mg

IL

=1T
（2）乙圖中每格面積為 0.04×0.04，0.4s內通過電阻的電量為圖線與t軸包圍的面積
由圖知：總格數為144格，所以電量為 q=144×0.04×0.04C=0.23C
（3）由圖知：0.4s末桿的電流I=0.86A
∵I=

E

R+r

=

BLv

R+r

∴v=

I(R+r)

BL

=0.86m/s
電量q=I△t=

△Φ

△t(R+r)

?△t=

△Φ

R+r

=

BLx

R+r

，
得 x=

q(R+r)

BL

=0.23m
根據能量守恆得
Mgx=

1

2

(M+m)v2+Q
代入解得，Q=0.16J
又R上產生的焦耳熱Q_R=

Q

2

=0.08J
答：
（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小是1T；
（2）0～0.4s內通過R的電量是0.23C；
（3）0～0.4s內R上產生的焦耳熱是0.08J．

H. 如圖為「研究電磁感應現象」的實驗裝置．（1）將圖中所缺的導線補畫完整．（2）如果在閉合電鍵時發現靈敏

（1）將電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯成一個迴路，
再將電流計與大螺線管串聯成另一個迴路，電路圖如圖所示．

I. 如圖（甲）為一研究電磁感應的實驗裝置示意圖，其中電流感測器（相當於一隻理想的電流表）能將各時刻的電

（1）由I-t圖象可知當t=0.2s時，I=0.6A；
P=I²R=0.6²×0.5=0.18W；
（2）由圖知，當金屬桿達到穩定運動時的電流為1A，
K斷開時回，由平衡條件得：答mgsinθ=μmgcosθ，
K閉合後穩定時，桿勻速運動，由平衡條件得：
Mg+mgsinθ=μmgcosθ+BIL，
解得B=

Mg

IL

=1T；
（3）0.4s內通過電阻的電量為圖線與t軸包圍的面積，由圖知：
總格數為137格（130-145均正確），則感應電荷量：
q=137×0.04×0.04C=0.22C，
由圖知：0.4s末桿的電流I=0.83A，
∵I=

E

R+r

=

BLv

R+r

，
∴v=

I(R+r)

BL

=0.83m/s，
∵q=

△Φ

R+r

=

BLx

R+r

，
∴x=

q(R+r)

BL

=0.22m；
∵Mgx=

1

2

（M+m）v²+Q，
∴Q=0.15J，
Q_R=

Q

2

=0.075J；
答：（1）t=0.2s時電阻R的熱功率是0.18W；
（2）勻強磁場的磁感應強度B的大小是1T；
（3）0～0.4s內R上產生的焦耳是0.075J．

J. 如圖為「研究電磁感應現象」的實驗裝置． （1）將圖中所缺的導線補接完整．（2）（不定...

解：（1）見右圖
（2）當在閉合電鍵時，發現靈敏電流計的指針向右偏了一下．則說明線圈磁通量從無到有即變大，導致電流計指針向右偏一下．
A、當將原線圈迅速插入副線圈時，則線圈的磁通量也是從無到有，則電流計指針向右偏轉一下，故A正確；
B、當將原線圈迅速插入副線圈時，則線圈的磁通量也是從無到有即變大，則電流計指針向右偏轉一下，當穩定後線圈磁通量不變，則線圈中沒有感應電流．故B錯誤；
C、當原線圈插入副線圈後，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，電路中電流變小，導致線圈磁通量變小，則電流計指針向左偏轉一下，故C錯誤；
D、當原線圈插入副線圈後，將滑動變阻器觸頭迅速向左拉時，電路中電流變小，導致線圈磁通量變小，則電流計指針向左偏轉一下，故D正確；
故選：AD