① 某實驗小組採用圖甲所示的裝置探究「合外力做功與物體動能變化的關系」．①實驗前，木板左端被墊起一些，
①該實驗中，用圖中砝碼和吊盤的總重力來表示小車受到的合外力，考慮到小車會速度摩擦力的作用，所以實驗中要平衡摩擦力；
②該實驗中，用圖中砝碼和吊盤的總重力來表示小車受到的合外力，而根據牛頓第二定律F=（M+m）a，要滿足小車的質量遠大於砝碼和吊盤的總質量；
③從圖中可以看出，所做的圖線是過坐標原點的直線，該直線的方程可以寫成：W=k?△v2即：小車合外力所做的功W與其速度平方差△v2成正比；
④如果要驗證「動能定理」，即W=
m
v2，還需要測量的物理量小車的質量；
⑤如果「動能定理」成立，即W=mv2，那麼W-△v2圖象中：W=k?△v2即的斜率k＝＝m，它的物理意義是小車的質量的一半．
故答案為：①平衡摩擦力；②小車的質量遠大於砝碼和吊盤的總質量；③小車合外力所做的功W與其速度平方差△v2成正比；④小車的質量；⑤小車的質量的一半．
② 某實驗小組採用圖1所示的裝置探究「動能定理」，圖中小車中可放置砝碼，實驗中，小車碰到制動裝置時，鉤
（2）C到O距離為：sOC=6.08-1.00cm=5.08cm；
由勻變速直線運動規律得：vC=
＝cm/s=0.49cm/s
（3）鉤砝的重力做正功，小車受摩擦阻力做負功
小車初末速度的平方差與位移成正比，即v2-v02=ks
要驗證「動能定理」，即Mv2?mv02＝(mg?f)?s還需要測量的物理量是摩擦力f和小車的質量M．
故答案為：（2）5.08；0.49．
（3）小車初末速度的平方差與位移成正比；小車的質量．
③ 某實驗小組利用圖1所示的裝置探究加速度與力、質量的關系．（1）下列做法正確的是______（填字母代號）．
（1）來A、調節滑輪的高度，使牽源引木塊的細繩與長木板保持平行，否則拉力不會等於合力，故A正確；
B、在調節模板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不應懸掛「重物」，故B錯誤；
C、打點計時器要「早來晚走」即實驗開始時先接通打點計時器的電源待其平穩工作後再釋放木塊，而當實驗結束時應先控制木塊停下再停止打點計時器，故C錯誤；
D、平衡摩擦力後，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，與質量無關，故通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要重新調節木板傾斜度，故D正確；選擇AD；
（2）設砝碼與砝碼桶的質量為m，小車的質量為M，對砝碼桶及砝碼與小車組成的系統，由牛頓第二定律得：a=
，
對木塊，由牛頓第二定律得：T=Ma==，
只有當a=＜，只有當砝碼桶及桶的質量遠小於小車質量時，即：m＜＜M時，小車受到的拉力近似等於砝碼及砝碼桶的重力；
（3）當沒有平衡摩擦力時有：T-f=ma，故a=T-μg，即圖線斜率為，縱軸截距的大小為μg．觀察圖線可知m甲小於m乙，μ甲大於μ乙；
故答案為：（1）AD；（2）遠小於；（3）小於，大於．
④ 實驗小組的同學用圖13所示的裝置探究影響物體
（1）讓鋼球從某一高度由靜止釋放，使鋼球獲得動能；鋼球動能的大小是通過鋼球對木塊做功的多少來體現出來的，木塊運動的距離越長，就表示鋼球的動能越大；
（2）讓小球從斜面的同一高度處釋放，使小球到達最底端的速度相同，從而探究動能與質量的關系；
（3）上面的兩次實驗是在速度一定時，改變物體的質量，探究動能的大小，動能的大小通過木塊移動距離的大小表現出來的，因此改變木板的長度，應採用甲的建議；
（4）有表中的數據知：速度一定時，質量越大動能越大．
故答案為：（1）將鋼球從某一高度由靜止釋放；木塊運動的距離；（2）速度；質量；（3）甲；（4）在速度一定時，質量越大動能越大．
⑤ 小昕所在的實驗小組利用圖a 所示的實驗裝置驗證機械能守恆定律，打出的紙帶如圖b所示，O點速度為零，A、B
（1）DF（2） 
⑥ 某實驗小組採用圖甲所示的裝置探究「合外力做功與物體動能變化的關系」。 ①實驗前，木板左端被墊起一
①平衡摩擦力；②小車的質量遠大於砝碼和吊盤的總質量；③小車合外力所做的功W與其速度平方差△v 2 成正比；④小車的質量；⑤小車的質量的一半。
⑦ 物理實驗小組用如圖1所示的裝置探究「水的沸騰」實驗： （1）實驗小組觀察到水沸騰前和水沸騰時水中氣泡
（1）甲圖氣泡上升時越來越大，是因為水沸騰時，整個容器中水溫相同，水內部不專停的汽化，產生大屬量的水蒸氣進入氣泡，氣泡變大．
乙圖氣泡上升時越來越小，是因為水沸騰之前，水下層的溫度高於上層的水溫，氣泡上升過程中，氣泡中的水蒸氣遇冷液化成水，氣泡變小．
讀圖3可以看出，在同樣加熱的情況下，b的升溫較慢，其原因應該是水的質量多於a的緣故；
（2）水吸收熱量，內能增加，Q 吸 =cm△t=4.2×10 3 J/（kg?°C）×100×10 -3 kg×（95℃-90℃）=2.1×10 3 J；
所以水的內能增加了2.1×10 3 J；
根據Q 放 =mq得，m= = = | 2.1×1 0 3 J | | 3.0×1 0 7 J/kg | =7×10 -5 kg=0.07g．
故答案為：（1）甲；質量；（2）2.1×10 3 ；0.07． |
⑧ 某實驗小組採用圖1所示的裝置探究「動能定理」，圖1中小車中可放置砝碼，實驗中，小車碰到制動裝置時，鉤
A、電源頻率為50Hz，則打點時間間隔T=0.02s，C點的即時速度為vC= = =0.9875m/s，小車運動的加速度a= = | (0.0815?0.0610)?(0.0250?0.0100)+(0.1040?0.0815)?(0.0420?0.0250) | | 6×0.022 |
≈4.58m/s 2，故A錯誤； B、小車做勻速運動，由平衡條件得：摩擦力f=mg=0.01×10=0.1N，動力F=m′g=0.03×10=0.3N，故B正確； C、由圖示紙帶可知，v A= = =0.8m/s，v C= = =0.9875m/s， 選用A、C兩點，可算出動能的變化量△E k= M（v c2-v A2）= ×0.13（0.9875 2-0.8 2）≈0.0218J，由動能定理得：W=△E k=0.0218J，故CD錯誤； 故選：B．
⑨ 某實驗小組利用圖示（a）的裝置探究加速度與力、質量的關系．（1）下列做法正確的是______ （填字母代號
（1）A、調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，否則拉力不會等於合力，回故A正確；答
B、在調節模板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不應懸掛「重物」，故B錯誤；
C、打點計時器要「早來晚走」即實驗開始時先接通打點計時器的電源待其平穩工作後再釋放木塊，而當實驗結束時應先控制木塊停下再停止打點計時器，故C錯誤；
D、平衡摩擦力後，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，與質量無關，故通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要盆新調節木板傾斜度，故D正確；
選擇：AD；
（2）重物與小車一起加速運動，因此重物對小車的拉力小於重物的重力，當盤和盤中砝碼的重力的大小關系得出只有m＜＜M時才可以認為繩對小車的拉力大小等於盤和盤中砝碼的重力，因此C數據比較符合要求．
故選：C
（3）當沒有平衡摩擦力時有：F-f=ma，故a= F-μg，即圖線斜率為 ，縱軸截距的大小為μg． 觀察圖線可知m 甲小於m 乙，μ 甲大於μ 乙； 故答案為：（1）AD；（2）；（3）小於，大於．
⑩ 某實驗小組用圖甲所示的裝置測自由落體的加速度．其操作步驟如下： A．按照圖甲的裝置安裝實驗器材B．將
（1）打點計時器的工作電源是交流電源，故B中直流應該為交流；實驗時應先接通電源後釋放紙帶，故C中應該為先接通電源，之後釋放紙帶；
（2）根據勻變速直線運動中間時刻的速度等於該過程中的平均速度
可得：v B = =0.390m/s，根據勻變速直線運動的推論公式△x=gT 2
得：g= =9.75m/s 2 ，
因為紙帶運動過程中存在阻力，所以用這種方法測出的重力加速度總比實際值偏小．
故答案為：（1）B中直流應該為交流；C中應該為先接通電源，之後釋放紙帶．
（2）0.390m/s；9.75m/s 2 ；物體拖著紙帶運動過程中存在阻力． |
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發布：2025-10-06 14:44:49
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