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如圖所示為一風洞實驗裝置示意圖

發布時間:2021-12-20 19:47:14

❶ 如圖所示為盧瑟福α粒子散射實驗裝置的示意圖,圖中的顯微鏡可在圓周軌道上轉動,通過顯微鏡前相連的熒光

(1)A、放在A位置時,相同時間內觀察到屏上的閃光次數最多.說明大多數射線基本不偏折,可知金箔原子內部很空曠.故A錯誤;
B、放在B位置時,相同時間內觀察到屏上的閃光次數較少.說明較少射線發生偏折,可知原子內部帶正電的體積小.故B錯誤;
C、選用不同金屬箔片作為α粒子散射的靶,觀察到的實驗結果基本相似.故C正確;
D、主要原因是α粒子撞擊到金原子後,因庫侖力作用,且質量較大,從而出現的反彈.故D錯誤.
故選:AD
(2)盧瑟福和他的同事們所做的α粒子散射實驗裝置示意圖,此實驗否定了湯姆遜的棗糕模型,據此實驗盧瑟福提出了原子的核式結構模型.
故答案為:(1)C;(2)原子的核式結構.

❷ 有一個風洞實驗室,一架模型飛機固定在托盤測力計上如圖所示.無風時,托盤測力計示數為15N;當迎面有風

飛機模型無風時受重力,當迎面有風吹過時,托盤測力計的示數減小,說明受的新力與重力方向相反,這個力叫做升力,方向豎直向上;
(1)數據表格顯示風速越大,測力計示數越小,也就是說這個新的力越大;飛機短距離快速起飛時應該逆風起飛,這樣可以加大風速,從而提高升力.
(2)當風速達到30m/s以上,托盤測力計的示數是0,說明此時飛機模型受到的升力等於模型的重力.
故答案為:升力;豎直向上;(1)增大;逆風;(2)飛機模型受到的升力等於模型的重力.

❸ 有一道物理題的第二問的第二個加速度不知道是為什麼,希望能幫解釋一下。

小球下滑時的加速度為a 3 ,
mgsin37°+Fcos37°-μN=ma 3
a 3 =18m/s 2
這部分的摩擦力是沿桿向上的,所以與前兩項力不同號

❹ 如圖所示「為探究碰撞中的不變數」的實驗裝置示意圖.(1)本實驗中,實驗必須要求的條件是______A.斜槽

(1)A、「驗證動量守恆定律」的實驗中,是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前後的速度的,只要離開軌道後做平拋運動,對斜槽是否光滑沒有要求,故A錯誤;
B、要保證每次小球都做平拋運動,則軌道的末端必須水平,故B正確;
C、要保證碰撞前的速度相同,所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下,故C正確;
D、為了保證小球碰撞為對心正碰,且碰後不反彈,要求ma>mb,ra=rb,故D正確.
故選BCD.
(2)要驗證動量守恆定律定律即:mav0=mav1+mbv2
小球做平拋運動,根據平拋運動規律可知根據兩小球運動的時間相同,上式可轉換為:
mav0t=mav1t+mbv2t
故需驗證maOP=maOM+mbON,因此ABD錯誤,C正確.
故選C.

❺ 實驗裝置如圖所示,A為兩端開口的玻璃管,B為塑料片(質量不計),向管內緩緩注入硫酸銅溶液(ρ=1.2×10

pgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1.2×103Pa.復
∵當玻璃管制內外壓強相等時,塑料片恰好脫落,
又∵p硫酸銅硫酸銅gh硫酸銅
∴h硫酸銅=

p硫酸銅
ρ硫酸銅g
=
1.2×103Pa
1.2×103kg/m3×10N/kg
=0.1m=10cm.
故選C.

❻ 如圖所示為一風洞實驗裝置示意圖,一質量為1kg的小球套在一根固定的直桿上,直桿與水平面夾角θ為37°.

(來1)在風力F作用自時有:
(F-mg)sin37°-μ(F-mg)cos37°=ma 1
a 1 =2m/s 2 方向沿桿向上
此時小球速度v=a 1 t 1 =6m/s
(2)風力方向改變後,小球加速度為a 2
-mgsin37°-Fcos37°-μN=ma 2
N+mgcos37°=Fsin37°
解得a 2 =24m/s 2
經過時間t2到達最高點,
t 2 =
v
a 2
=0.25s
此處距B點的位移s=
0+v
2
t 2 =0.75m
小球下滑時的加速度為a 3
mgsin37°+Fcos37°-μN=ma 3
a 3 =18m/s 2
下滑到B點的時間為t 3
則s=
1
2
a 3 t 3 2
解得:t=

❼ 歸納式探究在一個風洞實驗室中,一架模型飛機固定在托盤測力計上(如圖所示).無風時,托盤測力計示數為

飛機模型無風時受重力,當迎面有風吹過時,托盤測力計的示數減小,說明受的新力與重力方向相反,豎直向上;
(1)數據表格顯示風速越大,測力計示數越小,也就是說這個新力越大;
(2)根據表格數據發現:風速為5m/s時,新力為15N-14.5N=0.5N;
風速為10m/s時,新力為15N-13N=2N;
風速為15m/s時,新力為15N-10.5N=4.5N;
風速為20m/s時,新力為15N-7N=8N;
風速為25m/s時,新力為15N-2.5N=12.5N;
風速為30m/s和3m/s時,新力為15N;
故這個新的力與風速的關系式:F=0.02v2
(3)從圖象中可知,a為二次函數圖象;b為正比例函數圖象;c為反比例函數圖象,故新的風力F與風速v的關系可以用圖象中的圖線a來表示.
故答案為:豎直向上;(1)增大;(2)F=0.02v2;(3)a.

❽ 如圖甲所示,在風洞實驗室里,一根足夠長的細桿與水平面成θ=37°固定,質量m=1kg的小球穿在細桿上靜止於

v3?v2
t2
=-10m/s2,負號表示方向沿桿向下.
(2)有風力時的上升過程,小球的受力情況如圖所示
在y方向,由平衡條件得:
FN1=Fsinθ+mgcosθ
在x方向,由牛頓第二定律得:
Fcosθ-mgsinθ-μFN1=ma1
停風後上升階段,小球的受力情況如圖所示
在y方向,由平衡條件得:
FN2=mgcosθ
在x方向,由牛頓第二定律得:
-mgsinθ-μFN2=ma2
聯立以上各式可得:F=60N.
答:(1)在0~2s內的加速度大小為20m/s2,方向沿桿向上;2~4s內的加速度大小為10m/s2,方向沿桿向下.
(2)風對小球的作用力F的大小為60N.

❾ 風洞是進行空氣動力學實驗的.種重要設備.一次檢驗飛機性能的風洞實驗示意圖如圖,代表飛機模型的截面,


G
cosθ
,選項A正確,BCD錯誤.
故選A

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