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如图为某一传送带传动装置
发布时间：2021-02-21 06:26:58『壹』 如图所示为一皮带传动装置，皮带不打滑，A、B两点分别位于两轮的边缘上，C点是大轮内的一点，下列说法正
A、传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的专线速度大小相等，所属以A点与B点的线速度大小相等，故A正确；
B、BC两点为共轴的轮子上两点，ωB=ωC，而vA=vB，且rB＞rA，根据v=rω可知，ωA＞ωB，所以ωA＞ωC，故B错误C正确；
D、ωB=ωC，而v=ωr，且rB＞rC，所以vB＞vC，所以vA＞vC，故D错误．
故选：AC
『贰』 .如图所示,为倾斜的皮带传送装置.关于传送带上的物体所受的摩擦力,下列说法正
不用看图都是知道 B
『叁』 如图所示为某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨MN右端N处与水平传送带理想连接，传送带长度L=4.0m，皮
| 解：（来1）滑块C滑上传送带源后做匀加速运动，设滑块C从滑上传送带到速度达到传送带的速度v所用的时间为t，加速度大小为a，在时间t内滑块C的位移为x 根据牛顿第二定律和运动学公式：μmg=ma，v=v C +at，  解得：v m =7.1m/s |
『肆』 如图为某机场旅客行李水平传输装置一部分的俯视图，它由传送带和转盘组成．行李箱从A处无初速放到传送带
（1）设物品质量为m，物品先在传送带上做初速度为零的匀加速直线运动，其位移版大小为s1．
由牛顿第二定律得权：μ1mg=ma，
由匀变速运动的速度位移公式得：v2=2as1，
解得：a=2.5m/s2，s1=0.8m＜L=10m，
行李箱速度与传送带速度相等后，行李箱和传送带一起以速度v做匀速运动，
行李箱加速运动的时间：t=
| v |
| a |
| 2 |
| 2.5 |
物体达到转盘时的速度为：v=2m/s，
物品在转盘上所受静摩擦力提供向心力，μ2最小时达最大静摩擦力，
由牛顿第二定律得：μ2mg=m
| v2 |
| R |
（3）运送一个行李箱传送带需要做的功为：
W=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
则传送带电动机因为传送一个行李箱需要输出的能量为20J．
答：（1）行李箱与转盘间的动摩擦因数μ2至少为0.1；
（2）若行李箱的平均质量为5kg，则传送带电动机因为传送一个行李箱需要输出的能量为20J．
『伍』 如图所示为某粮仓中由两台皮带传送机组成的传输装置示意图．设备调试时，将倾斜传送机的传送带与水平地面
| （1）米袋在传送带的滑动摩擦力作用下做匀加速直线运动，在水平方向开始只受滑动摩擦力故有：F 合 =f=μmg=ma 1 所以米袋的加速度为： a 1 =μg=5m/ s 2 米袋在水平传送带上的最大速度为v max =5m/s，所以其加速时间为 t 1 =
∵x 1 ＜L ∴米袋匀速运动位移为：x 2 =L-x 1 =0.5m 米袋匀速运动时间为： t 2 =
所以米袋从A到B的时间为：t=t 1 +t 2 =1.1s v | 2max | |
因为CD相距较远，超过了6.25m，所以米袋无法到达D点．
根据题意，调试使米袋可以到达D点，只有减小传送带的倾角θ即可．
答：（1）A至B端所用时间为1.1s；
（2）传送带不动，米袋在CD上上滑的最大距离为1.25m；
（3）调试的方法是减小传送带的倾角θ．
『陆』 如图所示为某企业流水线上使用的水平传送带装置示意图．绷紧的传送带始终 保持恒定速率运行，传送带的水
（1）由平抛运动规抄律，在袭竖直方向上有：h=
| 1 |
| 2 |
在水平方向上有：x=vt
联立解得v=2.0m/s．
（2）根据牛顿第二定律得，μmg=ma，
解得加速度大小a=μg=2m/s2
集装箱减速的时间t＝
| v0?v |
| a |
| 2.4?2 |
| 2 |
即0.20s-1.00s内，集装箱与传送带保持相对静止．
减速过程中集装箱的位移x1＝
| v0+v |
| 2 |
| 2.4+2 |
| 2 |
传送带的位移x2=vt=2×0.2m=0.4m
相对位移△x1=x1-x2=0.04m，
电动机停止转动后，集装箱滑行的距离为△x2＝
| v2 |
| 2a |
| 4 |
| 4 |
所以，集装箱留下的痕迹长为△x=△x1+△x2=1.04m．
答：（1）传送带的速率为2m/s；
（2）集装箱在传送带上留下的划痕长度为1.04m．
『柒』 如图所示，某传送带装置倾斜放置，倾角 =37 o ，传送带AB长度x o =l0m。有一水平平台CD高度保持6．45m不
| （1）.2m（2）v 01 = 17m/s（3）2 m/s
『捌』 如图所示为某粮食仓库用来传送粮食的皮带传输装置，它由两台皮带传送机组成，传送带甲与地面间的倾角为30
（1）米袋放上来甲传送带后，因为自μ＞tan30°，所以米袋向上做加速运动，由牛顿第二定律得：
S1=
余下5米米袋和传送带甲一起以5m/s匀速向上运动．所以到达B点的速度为5m/s． （2）米袋上传送带乙以后，因为μ＜tan60°，所以向上做减速运动； 由牛顿第二定律得： mgsin60°-μmgcos60°=ma2 代入数据解得：a2=2.5 |