如图所示是小刚同学测定滑轮组机械效率的装置

Ⅰ 如图所示，是小松同学测定滑轮组机械效率的装置。 （1）小松同学实验中测量的有关数据如下表，请你根据

（1）62.5%；2.0N；

（2）变大； （3）匀速；

Ⅱ 在如图所示是测定滑轮组机械效率的装置，（1）实验器材有滑轮组、重物、铁架台、弹簧测力计、长约2m的细

（1）实验时需要测出重物与测力计移动的距离，除了所给实验器材回，实验还需要刻度尺．答
（2）向上拉弹簧测力计时，应该使重物匀速上升一段距离．
（3）有用功：W_有用=Gh=30N×0.20m=6J，总功：W_总=10N×0.80m=8J，
滑轮组效率：η=

W有用

W总

×100%=

6J

8J

×100%=75%；
（4）由题意知，重物上升的距离：h=20cm，细绳移动距离：s=80cm，
滑轮组承重绳子的股数：n=

s

h

=

80cm

20cm

=4，滑轮组如图所示：

故答案为：（1）刻度尺；（2）匀速；（3）6；8；75%；（4）如图所示．

Ⅲ 回顾探究和实验：（1）如图所示，是小云同学测定滑轮组机械效率的装置．①小云同学实验中测量的有关数据

3.0N2×0.75=2N．如下表：

次数	钩码重G/N	钩码上升的高度h/m	拉力F/N	细线自由端移动的距离s/m	机械效率η/%
1	1.0	0.2	0.8	0.4	62.5
2	3.0	0.3	2.0	0.6	75

②A、从实验结果来看，滑轮组提升重物的多少会直接影响滑轮组的机械效率，故A错误；
B、从实验结果来看，同一滑轮组得升重物越多，其机械效率越高，故B错误；
C、绳子的绕法不会影响有用功的多少，也不会影响额外功的多少，当然也就不会影响机械效率的大小，故C正确；
D、滑轮组的机械效率越高，表明有用功所占总功的比例越大，而不一定是有用功做得多，故D错误．
只有选项C符合题意．
（2）①杠杆两端的螺母是用来调节杠杆使其在水平位置平衡的，这样我们就可以从杠杆标尺上直接读出力臂的长了；当杠杆右低左高时，应将螺母向高的一端调节，即向左旋，在实验进行当中，则不能再旋动平衡螺母；
②实验中的这一种数据只是一种巧合，据此得出的结论是不对的，因为在物理实验中，仅凭一次测量的数据总结结论不具普遍性，也是不科学的，应探究多组数据，最后归纳出具有普遍性的规律．
故答案为：（1）①如图所示；见表格；②C；
（2）①调节杠杆在水平位置平衡，便于从杠杆尺上直接读出力臂；左，否；
②不对．由一组数据总结结论不具有普遍性和科学性．

Ⅳ 如图是小明同学测滑轮组机械效率的实验装置图．他做了2.4J的有用功使重物匀速上升了0.4m，不计绳重及滑轮

从图可知，动滑轮由3段承担；
（1）由图可知，弹簧测力计的分度值是0.5N，指针指内在20N到容30N之间，所以小明所用的拉力F=25N，
则拉力移动的距离为：s=3h=3×0.4m=1.2m，
拉力做的总功为：W_总=Fs=25N×1.2m=5J；
（2）额外功W_额=W_总-W_有用=5J-2.4J=2.6J；
（3）滑轮组机械效率为：η=

W有用

W总

=

2.4J

5J

=48%．
答：（1）小明所用拉力做的功是5J；
（2）小明需要做的额外功是2.6J；
（3）该滑轮组的机械效率是48%．

Ⅳ 如图所示是小明同学测滑轮组机械效率的实验装置图.他在2s内做了2.4J的有用功使重物匀

如图所示是小明同学测滑轮组机械效率的实验装置图.他在2s内做了2.4J的有用功使重物匀速上升了0.4m，不计绳重及摩擦.请你回答：
（1）弹簧测力计匀速向上运动的速度？
（2）该滑轮组的机械效率是多少？若仅增加钩码的个数，在不考虑滑轮的摩擦时，该滑轮组有机械效率将 （填“增大”、“减小”或“不变”）。
（3）根据题目所提供的相关信息，还可以求出其它一些物理量.请从中任选两个并加以解答

（1）解析：要求出弹簧测力计向上的速度，就必须求出物体上升的速度。
由题意，n=3，物体在2s内运动了0.4m。
所以V物=s/t=0.4m/2s=0.2m/s。
则 V绳=nv=3*0.2m/s=0.6m/s

（2）解析：要求出滑轮组的机械效率，所以可以用公式η=W有用/W总
由题意，F=2.5N，绳子自由端移动的距离为s=nh=3*0.4m=1.2m
η=W有用/W总=2..4J/2.5N*1.2m=80%
当钩码个数增多，则有用功增大，所以机械效率η也增大

（3）解析：此题考察学生对题目的分析能力。
比如：1.此时，滑轮组的额外功为多少？
W额外=W总-W有用=3J-2.4J=0.6J
2.此钩码的重力为多少？
因为不计绳重及摩擦，
所以G物/G物+G动=80% G物+G动=3F
所以G物/3F=80% 则G物=3F*80% =3*2.5N*80% =6N

Ⅵ 如图所示是小明同学测滑轮组机械效率的实验装置图.他在2s内做了2.4J的有用功使重物匀速上升了0.4m，不计绳

（1）解析：要求出弹簧测力计向上的速度，就必须求出物体上升的速度。
由题意专，n=3，物体属在2s内运动了0.4m。
所以V物=s/t=0.4m/2s=0.2m/s。
则 V绳=nv=3*0.2m/s=0.6m/s

（2）解析：要求出滑轮组的机械效率，所以可以用公式η=W有用/W总
由题意，F=2.5N，绳子自由端移动的距离为s=nh=3*0.4m=1.2m
η=W有用/W总=2..4J/2.5N*1.2m=80%
当钩码个数增多，则有用功增大，所以机械效率η也增大

（3）解析：此题考察学生对题目的分析能力。
比如：1.此时，滑轮组的额外功为多少？
W额外=W总-W有用=3J-2.4J=0.6J
2.此钩码的重力为多少？
因为不计绳重及摩擦，
所以G物/G物+G动=80% G物+G动=3F
所以G物/3F=80% 则G物=3F*80% =3*2.5N*80% =6N
还有一些物理量，楼上已经求出，便不必再求。

如果楼主还没有弄懂，可以追问我，我帮您解答。望楼主采纳我。

Ⅶ 如图所示是小刚同学在“测量滑轮组的机械效率”实验中使用的实验装置和得到的数据记录表格，关于小刚的实

根据图示可知，n_甲=3，n_乙=5；
A、由第一次实验数据和s=nh可知专，n=

s

h

=

0.3m

0.1m

=3，因此第一次实验是使用甲图做属的实验，故A正确；
B、根据1、2次实验数据可知，动滑轮重不同，滑轮组的机械效率不同，因此滑轮组的机械效率与动滑轮的自重有关，故B正确；
C、根据1、3次实验数据可知，提升物体的条数相同，因此使用了相同的装置，而提升的钩码重不同，机械效率不同，因此滑轮组的机械效率与被提升的钩码的重力有关，故C正确；
D、进行实验时，需在物体沿竖直方向做匀速直线运动时进行读数，故D错误．
故选D．

Ⅷ 如图所示是小明同学测滑轮组机械效率的实验装置图．他用2秒钟使重物匀速上升了0.4米，做了2.4J的有用功．

（1）由图可知，弹簧测力计的分度值是0.5N，指针指在2N到3N之间，所以小明所用的拉力专F=2.5N；
（属2）由（1）知F=2.5N；则W_总=Fs=2.5N×1.2m=3J；
拉力的功率P=

W总

t

=

3J

2s

=1.5W；
答：拉力的功率是1.5W；
（3）又W_有用=2.4J；
所以滑轮组机械效率用η=

W有用

W总

=

2.4J

3J

=80%；
答：该滑轮组的机械效率是80%；
（4）因不计绳重及摩擦．由做了2.4J的有用功使重物匀速上升了0.4m可求：
物体的重力：G_物=

W有

h

=

2.4J

0.4m

=6N；
答：物体的重力为6N．
由图可知：动滑轮由3段绳子承担，则滑轮组的绳子段数n=3．
则可求弹簧测力计匀速向上运动的距离：S=nh=3×0.4m=1.2m；
答：弹簧测力计匀速向上运动的距离是1.2m．

Ⅸ 如图所示，是小明同学测定滑轮组机械效率的装置． 次数 钩码重G/N 钩码上升的高度h/m 拉力F/N 细线自

（1）由数据知，绳端移动距离是物体上升高度的2倍，所以此滑轮组由两段绳子承担物重．
第一次的机械效率：η₁=

G1h1

F1s1

×100%=

2N×0.03m

1.6N×0.06m

=62.5%；
η₂=

G2h2

F2s2

，代入数据得75%=

3N×0.05m

F2×0.1m

，
解得：F₂=2N；
故答案为：；62.5；2．
（2）分析1、2两次实验结论，可以看出被提升的钩码越重，滑轮组的机械效率越高．
故答案为：变大．
（3）为了准确测出绳端的拉力，应匀速拉动测力计．
故答案为：匀速．