⑴ 蜘蛛侠发射器怎么做
蜘蛛侠发射器做法如下：
1、想制作蜘蛛侠发射器的人，想必你肯定不是一般人，实话说人类目前无法制造出来，你可以去问蜘蛛侠。
⑵ 如图所示为某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨MN右端N处与水平传送带理想连接，传送带长度 L=4.0m，皮
（1）滑块C滑上传送带后做匀加速运动，设滑块C从滑上传送带到速度达到传送带的速度v所用的时间为t，加速度大小为a，在时间t内滑块C的位移为x．
根据牛顿第二定律和运动学公式
μmg=ma
v=vC+at
x＝vct+at2
代入数据可得 x=1.25m
∵x=1.25m＜L
∴滑块C在传送带上先加速，达到传送带的速度v后随传送带匀速运动，并从右端滑出，则滑块C从传送带右端滑出时的速度为
v=3.0m/s
（2）设A、B碰撞后的速度为v1，A、B与C分离时的速度为v2，由动量守恒定律
mAv0=（mA+mB）v1
（mA+mB）v1=（mA+mB）v2+mCvC
AB碰撞后，弹簧伸开的过程系统能量守恒
∴EP+(mA+mB)| v | 2
⑶ 如图所示为研究某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨MN右端N处与水平传送带理想连接，传送带足够长，皮
（1）滑块C滑上传送带做匀减速运动，当速度减为零时，滑动的距离最远．
由动能定理?μmgsm＝0?m| v | 2
⑷ 美国总统乘坐的“空军一号”，为何被称为无法被击落的飞机
首先这是因为美国军队的保护使得美国总统可以高枕无忧的出访任何一个国家。再加上美国的空军1号上面的一些设施非常的完善，也使得美国总统的安全得到了有效的保障。当然美国空军1号其实有两架，所以美国总统每一次出访是乘坐哪一架空军1号并没有任何人知道。所以这也在一定程度上维护了美国总统的安危。
更重要的是一旦空军1号被其他人击落的话，将会对于美国造成非常大的打击以及冲击，因为美国人以前认为空军1号是世界上最安全的飞机。
⑸ 如图所示的是一种弹射装置，弹丸质量为m，底座质量为3m，开始时均处于静止状态，当弹簧释放将弹丸以相对
弹丸和底座组成的系统动量守恒，设弹丸发射出的速度方向为正，
根据动量守恒：
0=3mvx+mv
得：vx=- ，负号表示方向与弹丸发射速度方向相反， 故选：B．
⑹ 如图所示，光滑水平面MN的左端M处有一弹射装置P(P为左端固定，处于压缩状态且锁定的轻质弹簧，当A与P碰撞
（1）弹簧弹开的过程中，系统 机械能守恒 E p = m A υ A 2 + m B υ B 2 （1分） 由动量守恒有 m A υ A - m B υ B =" 0" （1分） 联立以上两式解得 υ A =" 2m/s" υ B =" 2m/s" （1分） B滑上传送带做匀减速运动，当速度减为零时，向右运动的距离最大。 由动能定理得 - μm B gs m = 0 - m B υ B 2 （1分） 解得 s m = =" 1m" （1分） （2）物块B先向右做匀减速运动，直到速度减小到零，然后反方向做匀加速运动，回到皮带左端时速度大小仍为υ B = 2m/s（1分） 由动量定理 - μm B gt =" -" m B υ B - m B υ B （1分） 解得 t = =" 2s" （1分） B向右匀减速运动因摩擦而产生的热能为 Q 1 = μm B g(υ · + s m )（1分） B向左匀加速运动因摩擦而产生的热能为 Q 2 = μm B g(υ · - s m )（1分） Q = Q 1 + Q 2 = μm B gυt = 20J（1分） （3）设弹射装置P将A弹开时的速度为υ A ′，则 E = m A υ A ′ 2 - m A υ A 2 （2分） B离开弹簧时，AB速度互换，B的速度 υ B ′ = υ A ′（2分） B与弹簧分离后不再与弹簧相碰，则B滑出平台Q端，由能量关系有 m B υ B ′ 2 > μm B gL（2分） 以上三式解得 E > μm A gL - m A υ A 2 （2分） 代入数据解得 E> 6J（1分）
⑺ 设计一个通过电路控制的小型弹射装置，要求装置最好控制到30*30*30范围内，弹力要可推开小柜门，最好有图
见过一个日本的视频，将小小的遥控车，自制自动钢珠装弹器，用小电池的能源，
经过电磁炮，将钢珠一次射穿易拉罐两面！！！！
⑻ 如图为某种鱼饵自动投放器中的投饵装置示意图，其上半部 BC 是半径为 R 的四分之一圆弧弯管，管口与水平
（1）
⑼ 如图所示为某种弹射装置的示意图，轻弹簧左端与一固定挡板相连，光滑的水平导轨MN右端N处与水平传送带理
（1）滑块B滑上传送带后作匀加速直线运动．设滑块B从滑上传送带到速度达到传送带的速度v所用的时间为t，加速度为a，在时间t内滑块B的位移为x，
根据牛顿第二定律和运动学规律有：
摩擦力产生加速度：μmg=ma
速度与时间关系：v=vB+at
位移与时间关系：x=vBt+ at 2
解得x=1.25m＜L 即滑块B在传送带上先加速，后匀速运动，则滑块B到达P点时的速度为v=3m/s． （2）要使B仍落在Q点，则B到达P点的速度仍为v=3m/s 设A与弹簧分离时速度为v 0，A、B碰撞后A的速度为v 1，B的速度为v 2， v 2-v 22=-2aL 解得：v=5m/s 由动量守恒定律有mv 0=mv 1+mv 2设弹簧对A做的功为W，由动能定理得 W= mv 02由以上各式得：W=12.5J （3）设滑块B从N到P的时间为t v=v 2-at 解得：t=1s 传送带向左运动的距离为s 1=vt=3m 则产生的热量Q=μmg（s 1+L） 解得：Q=14J 答：（1）滑块B到达传送带右端P点时的速度3m/s； （2）第二次实验时，使皮带轮沿逆时针方向转动，带动皮带以速率v=3.0m/s匀速转动，仍要使滑块B落至Q点，则需将滑块A压缩弹簧至另一位置由静止释放，后与B发生弹性碰撞，则此过程弹簧对滑块A做的功W12.5J； （3）在第二次实验过程中，滑块B在传送带上滑动过程中产生的热量Q为14J．
与自动弹射装置如图放置相关的资料
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传动装置分析
发布：2025-09-15 09:38:25
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