(1)匀速 2.4 0.6 83.3％
(2)减小
E. 如图是测量滑轮组机械效率的实验装置．钩码总重为6N（1）实验时要竖直向上______拉动弹簧测力计，由图可
（1）实验时要竖直向上匀速拉动弹簧测力计．由图示弹簧测力计可知，其分度值为0.2N，示数为2.4N；
由图示滑轮组可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3，滑轮组的机械效率：
η=
×100%=
×100%=
×100%=
×100%=
×100%≈83.3%．
（2）如让弹簧测力计静止时读数，则减小了一部分由于摩擦造成的额外功，因此测得的机械效率偏大．
故答案为：（1）匀速；83.3%；（2）偏大．
F. 如图为测量滑轮组机械效率的实验装置，每个钩码重1N，实验时要竖直向上______拉动弹簧测力计，由图可知拉
（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（2）弹簧测力计的分度值是0.2N，所以拉力大小是1.2N．
（3）动滑轮和钩码有三段绳子承担，因此钩码上升的高度h=
=
=
=5cm；
（4）该滑轮组提升的钩码有3个，所以钩码重G=3×1N=3N，
该滑轮组的机械效率：
η=
=
=
=
=
=83.3%．
故答案为：匀速；1.2；5；83.3%．
G. 在“测定滑轮组机械效率”的实验中，使用如图的装置．（1）为了准确测出机械效率，应使弹簧秤沿竖直方向
（1）只有做匀速运动时弹簧秤示数才会保持不变．
（2）刻度尺用来测距离，弹簧秤测力的大小．
（3）额外功不可避免，所以有用功始终小于总功，所以不合理．
（4）额外功不变，有用功越多，机械效率就越大，物体越重，有用功越多，额外功不变，所以机械效率越大．
故答案为：匀速；刻度尺；弹簧秤；不合理；总功不可能小于有用功；变大．
H. 在“测定滑轮组的机械效率”的实验中，所用装置如图所示（1）安装好实验器材后，记下钩码和拴住弹簧测力
（1）在此题中，要正确测量拉力，需要匀速拉动测力计．并读出测力计的示数回．
故答案为：匀答速；弹簧测力计示数．
（2）由图知，此滑轮组由3段绳子承担物重，所以s=3h=3×0.2m=0.6m．所以线端移动距离测量错误．
因为总功为有用功与额外功之和，所以总功计算错误．
故答案为：拴住弹簧测力计的线端提升的距离s；总功W总．
（3）提起的物体越重，所做的有用功越多，有用功在总功中所占的比值越大，所以机械效率越高．
故答案为：＜．
I. 如图所示是测量滑轮组机械效率的实验装置，钩码总重为6N
(1)若钩码上升的高度为10cm，有用功为(0.6J)
W有用=Gh=6N
x
0.1m=0.6J
(2)机械效率为(83.3%)S=3h=3
x
0.1m=0.3m
W总内=FS=2.4N
x
0.3m=0.72J
η=
W有用
/
W总=0.6J/0.72J=83.3%
(3)若减少钩码个数容，该滑轮组的机械效率将减少
过程:
(1)
W有用=Gh=6N
x
0.1m=0.6J
(2)S=3h=3
x
0.1m=0.3m
W总=FS=2.4N
x
0.3m=0.72J
η=
W有用
/
W总=0.6J/0.72J=83.3%
(3)因为对钩码做的功才是有用功，对动滑轮做的功是额外功，在减少钩码后，有用功相少减少，所以机械效率将减少
J. 如图所示为“测量滑轮组机械效率”的实验装置，钩码总重6N，弹簧测力计竖直向上匀速拉动细绳时的示数如图
已知：钩码总重抄G=6N，上升袭高度h=0.3m，时间t=3s，n=3
求：（1）拉力F=？；（2）拉力做功的功率P=？；（3）滑轮组的机械效率η=？
解：（1）图中弹簧测力计的分度值为0.2N，则其示数为2.4N，即拉力为F=2.4N；
（2）拉力移动距离s=nh=3×0.3m=0.9m，
拉力做的总功为W总=Fs=2.4N×0.9m=2.16J；
拉力的功率为P=
=
=0.72W；
（3）拉力做的有用功为W
有用=Gh=6N×0.3m=1.8J；
滑轮组机械效率为η=
×100%=
×100%≈83.3%；
（4）由机械效率公式η=
可知，在原来的钩码下再增挂两个钩码，相当于增加了有用功而额外功不变，有用功与总功的比值增大，所以机械效率增加．
答：（1）弹簧测力计对细绳的拉力为2.4N；
（2）弹簧测力计拉力做功的功率为0.72W；
（3）该滑轮组的机械效率为83.3%；
（4）在原来的钩码下再增挂两个钩码，该滑轮组的机械效率将增加．