在如图所示的实验装置中平行板

① 如图所示的实验装置中，平行板电容器充电后断开电源连接并保持良好绝缘，下列哪些操作理论上可使静电计指

A、两板间插入电介质，其它条件不变时，电容版权C增大，而电容器所带电量Q不变，则由C= Q U 分析得知，电容器板间电压减小，静电计指针张角变小．故A正确． B、其它条件不变，减小两板的正对面积时，电容C减小，而电容器所带电量Q不变，则由C= Q U 分析得知，电容器板间电压增大，静电计指针张角变大．故B错误． C、其它条件不变，减小两板间距离，电容C增大，而电容器所带电量Q不变，则由C= Q U 分析得知，电容器板间电压减小，静电计指针张角变小．故C正确． D、其它条件不变，保持良好绝缘情况下紧B板插入厚度小于板间距离的电中性金属板，相当于减小两板间距离，电容C增大，而电容器所带电量Q不变，则由C= Q U 分析得知，电容器板间电压减小，静电计指针张角变小．故D正确． 故ACD

② 在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A 与一灵敏的相接，极板 B和静电计的外壳接地．若极板B稍向

将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，由电容的决定式C=

?S

4πkd

分析可知，电容内减小，电量Q不变，由电容容的定义式C=

Q

U

分析得知，板间电势差U增大，所以静电计指针偏角变大．
若把A、B间距离稍变大，由电容的决定式C=

?S

4πkd

分析可知，电容减小，电量Q不变，由电容的定义式C=

Q

U

分析得知，板间电势差U增大，所以静电计指针偏角变大．
若在A、B间插入电介质，由电容的决定式C=

?S

4πkd

分析可知，电容增大，电量Q不变，由电容的定义式C=

Q

U

分析得知，板间电势差U减小，所以静电计指针偏角变小．
故答案为：变大；变大；变小．

③ 在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一灵敏的静电计相连，极板A接地．当极板A稍向上移动一些

如图所示电容器不抄与电源相连，故电容器所带电荷量Q不变，静电计张角变大说明两极板间电势差U变大，根据C=

Q

U

可知电容器的电容变小．
根据C=

?S

4πkd

可知当A极板向上移动时，两极板间的正对面积S减小，故电容器的电容减小．
答：根据电容器的定义式和决定式分析电容器的电容均变小．

④ 在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一灵敏静电计相接，极板A接地．下列操作中可以观察到静电

A、极板A上移，抄极板正对袭面积减小，根据电容的决定式C=

?S

4πkd

，可知电容C减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=

Q

U

，可知板间电势差增大，则指针张角变大．故A正确．
B、极板A右移，板间距离减小，根据电容的决定式C=

?S

4πkd

，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=

Q

U

，可知板间电势差减小，则指针张角变小．故B错误．
C、极板A右移，板间距离减小，根据电容的决定式C=

?S

4πkd

，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=

Q

U

，可知板间电势差减小，则指针张角变小．故C错误．
D、极板间插人一云母片，根据电容的决定式C=

?S

4πkd

，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=

Q

U

，可知板间电势差减小，则指针张角变小．故D错误．
故选：A

⑤ 在如图所示的实验装置中，平行板电容器的两极板带等量异种电荷，极板A与静电计的金属球相连接，极板B接地

若极板B向上移动一小段距离，电容器极板正对面积减小，由平行板电容器电容的内决定式C=

?S

4π容kd

可知，电容C减小，电容器的电量Q不变，由电容器的定义式C=

Q

U

，可知电容器两板间的电压增大，则静电计的指针偏角变大．
故选：A．

⑥ （1）如图1所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一静电计相接，极板A接地，静电计此时指针的偏角为θ

（）由题意，电容器所带电量Q保持不变，静电计指针张角变大，板间电势差U变大，由U= Q C ，结合C= ?S 4πkd 得，U= 4πkdQ ?S ， A、将极板A向左移动一些，d变大，U变大，故A正确 B、由A分析得，B错误 C、将极板A向上移动一些，S变小，U变大，故C正确 D、在极板间插入一块玻璃板，?变大，U变小，故D错误 故选AC （2）选铁块为研究对象，由平衡条件知，弹簧测力计的示数就等于滑动摩擦力的大小，而由图知，弹簧测力计读数为4.5N， 由f=μN=μmg，故μ= f mg = 4.5 1.5×10 =0.3 0； v C = x BD t BD = 7.68+8.33 0.1+0.1 ×10 -2 m/s =0.80m/s； 利用△x=aT 2 可求得加速度a= △x T 2 = (x CD +x DE )- (x AB +x BC ) (2 ×T AB ) 2 = (8.33+8.95)-(7.05+7.68) (2×0.1) 2 ×10 -2 m /s 2 =0.63m/s 2 （3）游标卡尺读数为2.2cm+4×0.1mm=2.24cm；螺旋测微器读数为：6.5mm+36.0×0.01mm=6.860mm （4）当扫描频率与正弦信号频率相等时显示一个完整的正弦波形．欲显示两个完整的正弦波形，必须有正弦信号的频率是扫描频率的两倍，所以必须调整扫描微调旋钮．欲增大波形幅度，可调整Y增益或衰减旋钮．故C正确． 故答案为：（1）AC （2）0.30；0.80；0.63 （3）2.24；6.860 （4）C

⑦ 在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接，极板B接地．若极板B稍向上移动一点

A、B、C、A极板与静电计相连，所带电荷电量几乎不回变，B板与A板带等量异种答电荷，电量也几乎不变，故电容器的电荷量Q几乎不变； 若极板B稍向上移动一点，会发现指针张角变大，即电压增加，由公式C= Q U 知电容C变小；故AB错误，C正确． D、由上知电容器板间电场增大，由E= U d 知，d不变，则E变大，故D正确． 故选：CD．

⑧ 在如图所示的实验装置中．平行板电容器的极板B与一灵敏静电计相接，极板A接地．静电计的指针张开一定角度

电容器无法放电，故带电量不变，即Q一定；
静电计测量的是电压，观察到静电计指针的张角变大，说明电压变大；
根据C=

Q

U

可以判断电容变小；
故ABC错误，D正确；
故选：D．