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如图所示为一风洞实验装置示意图

发布时间:2021-12-20 19:47:14

❶ 如图所示为卢瑟福α粒子散射实验装置的示意图,图中的显微镜可在圆周轨道上转动,通过显微镜前相连的荧光

(1)A、放在A位置时,相同时间内观察到屏上的闪光次数最多.说明大多数射线基本不偏折,可知金箔原子内部很空旷.故A错误;
B、放在B位置时,相同时间内观察到屏上的闪光次数较少.说明较少射线发生偏折,可知原子内部带正电的体积小.故B错误;
C、选用不同金属箔片作为α粒子散射的靶,观察到的实验结果基本相似.故C正确;
D、主要原因是α粒子撞击到金原子后,因库仑力作用,且质量较大,从而出现的反弹.故D错误.
故选:AD
(2)卢瑟福和他的同事们所做的α粒子散射实验装置示意图,此实验否定了汤姆逊的枣糕模型,据此实验卢瑟福提出了原子的核式结构模型.
故答案为:(1)C;(2)原子的核式结构.

❷ 有一个风洞实验室,一架模型飞机固定在托盘测力计上如图所示.无风时,托盘测力计示数为15N;当迎面有风

飞机模型无风时受重力,当迎面有风吹过时,托盘测力计的示数减小,说明受的新力与重力方向相反,这个力叫做升力,方向竖直向上;
(1)数据表格显示风速越大,测力计示数越小,也就是说这个新的力越大;飞机短距离快速起飞时应该逆风起飞,这样可以加大风速,从而提高升力.
(2)当风速达到30m/s以上,托盘测力计的示数是0,说明此时飞机模型受到的升力等于模型的重力.
故答案为:升力;竖直向上;(1)增大;逆风;(2)飞机模型受到的升力等于模型的重力.

❸ 有一道物理题的第二问的第二个加速度不知道是为什么,希望能帮解释一下。

小球下滑时的加速度为a 3 ,
mgsin37°+Fcos37°-μN=ma 3
a 3 =18m/s 2
这部分的摩擦力是沿杆向上的,所以与前两项力不同号

❹ 如图所示“为探究碰撞中的不变量”的实验装置示意图.(1)本实验中,实验必须要求的条件是______A.斜槽

(1)A、“验证动量守恒定律”的实验中,是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的,只要离开轨道后做平抛运动,对斜槽是否光滑没有要求,故A错误;
B、要保证每次小球都做平抛运动,则轨道的末端必须水平,故B正确;
C、要保证碰撞前的速度相同,所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下,故C正确;
D、为了保证小球碰撞为对心正碰,且碰后不反弹,要求ma>mb,ra=rb,故D正确.
故选BCD.
(2)要验证动量守恒定律定律即:mav0=mav1+mbv2
小球做平抛运动,根据平抛运动规律可知根据两小球运动的时间相同,上式可转换为:
mav0t=mav1t+mbv2t
故需验证maOP=maOM+mbON,因此ABD错误,C正确.
故选C.

❺ 实验装置如图所示,A为两端开口的玻璃管,B为塑料片(质量不计),向管内缓缓注入硫酸铜溶液(ρ=1.2×10

pgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1.2×103Pa.复
∵当玻璃管制内外压强相等时,塑料片恰好脱落,
又∵p硫酸铜硫酸铜gh硫酸铜
∴h硫酸铜=

p硫酸铜
ρ硫酸铜g
=
1.2×103Pa
1.2×103kg/m3×10N/kg
=0.1m=10cm.
故选C.

❻ 如图所示为一风洞实验装置示意图,一质量为1kg的小球套在一根固定的直杆上,直杆与水平面夹角θ为37°.

(来1)在风力F作用自时有:
(F-mg)sin37°-μ(F-mg)cos37°=ma 1
a 1 =2m/s 2 方向沿杆向上
此时小球速度v=a 1 t 1 =6m/s
(2)风力方向改变后,小球加速度为a 2
-mgsin37°-Fcos37°-μN=ma 2
N+mgcos37°=Fsin37°
解得a 2 =24m/s 2
经过时间t2到达最高点,
t 2 =
v
a 2
=0.25s
此处距B点的位移s=
0+v
2
t 2 =0.75m
小球下滑时的加速度为a 3
mgsin37°+Fcos37°-μN=ma 3
a 3 =18m/s 2
下滑到B点的时间为t 3
则s=
1
2
a 3 t 3 2
解得:t=

❼ 归纳式探究在一个风洞实验室中,一架模型飞机固定在托盘测力计上(如图所示).无风时,托盘测力计示数为

飞机模型无风时受重力,当迎面有风吹过时,托盘测力计的示数减小,说明受的新力与重力方向相反,竖直向上;
(1)数据表格显示风速越大,测力计示数越小,也就是说这个新力越大;
(2)根据表格数据发现:风速为5m/s时,新力为15N-14.5N=0.5N;
风速为10m/s时,新力为15N-13N=2N;
风速为15m/s时,新力为15N-10.5N=4.5N;
风速为20m/s时,新力为15N-7N=8N;
风速为25m/s时,新力为15N-2.5N=12.5N;
风速为30m/s和3m/s时,新力为15N;
故这个新的力与风速的关系式:F=0.02v2
(3)从图象中可知,a为二次函数图象;b为正比例函数图象;c为反比例函数图象,故新的风力F与风速v的关系可以用图象中的图线a来表示.
故答案为:竖直向上;(1)增大;(2)F=0.02v2;(3)a.

❽ 如图甲所示,在风洞实验室里,一根足够长的细杆与水平面成θ=37°固定,质量m=1kg的小球穿在细杆上静止于

v3?v2
t2
=-10m/s2,负号表示方向沿杆向下.
(2)有风力时的上升过程,小球的受力情况如图所示
在y方向,由平衡条件得:
FN1=Fsinθ+mgcosθ
在x方向,由牛顿第二定律得:
Fcosθ-mgsinθ-μFN1=ma1
停风后上升阶段,小球的受力情况如图所示
在y方向,由平衡条件得:
FN2=mgcosθ
在x方向,由牛顿第二定律得:
-mgsinθ-μFN2=ma2
联立以上各式可得:F=60N.
答:(1)在0~2s内的加速度大小为20m/s2,方向沿杆向上;2~4s内的加速度大小为10m/s2,方向沿杆向下.
(2)风对小球的作用力F的大小为60N.

❾ 风洞是进行空气动力学实验的.种重要设备.一次检验飞机性能的风洞实验示意图如图,代表飞机模型的截面,


G
cosθ
,选项A正确,BCD错误.
故选A

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