某同学用图中的装置进行实验报告

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『贰』 某同学用图示的装置做验证动量守恒定律的实验．选用小球a为入射小球，b为被碰小球．设小球a、b的质量分别

（1）验证碰撞过程的动量守恒，为防止两个小球碰撞后入射球反弹，入射球的质量与大宇被碰球的质量； （2）要使两球发生对心正碰，两小球发生碰撞时，两球的球心应在同一水平面上，则两球半径应相等； （3）小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间相等，设为t， 由图示可知，B为碰前入射小球落点的位置，A为碰后入射小球的位置，C为碰后被碰小球的位置， 碰撞前a的速度v 1 = OB t ，碰撞后a的速度v 2 = OA t ，碰撞后b的速度v 3 = OC t ， 我们需要验证：m a v 1 =m b v 3 +m a v 2 ，将球的速度表达式代入得：m a OB=m a OA+m b OC； 故答案为大于；等于；m a OB=m a OA+m b OC．

『叁』 （1）为了探究平抛运动的规律，某同学采用图示的装置进行实验，他用小锤 打击弹性金属片，金属片把A球沿

解答：解：（1）用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球松开，自由下落，可以观察到两小球同时落地，该实验表明：小球A在竖直方向上的运动规律与小球B的运动规律相同，由此可知：平抛运动竖直方向的分运动为自由落体；增大打击金属片的力度，小球A的水平初速度变大，并不影响两小球在竖直方向上的运动，上述实验结论仍然成立．
（2）由图甲所示螺旋测微器可知，其固定刻度示数为8mm，可动刻度示数为47.2×0.01mm=0.472mm，螺旋测微器示数为8mm+0.472mm-8.472mm；由图乙所示游标卡尺可知，主尺示数为10cm，游标尺示数为12×0.05mm=0.60mm=0.060cm，游标卡尺所示为10cm+0.060cm=10.060cm．
（3）（a）把电源、电流表、热敏电阻、电阻箱、开关串联接入电路，实物电路图如图所示．
（b）④闭合开关．调节电阻箱，记录电流表的示数I₀，并记录电阻箱电阻R₀．
⑤将R_T的温度降为T₁（20℃＜T₁＜95℃）；调节电阻箱，使得电流表的读数I₀，记录电阻箱电阻R₁．
⑥由闭合电路欧姆定律可得：温度为95℃时：E=I₀（r+R_A+R_T+R₀），即E=I₀（r+R_A+150Ω+R₀） ①，
当R_T的温度降为T₁时，E=I₀（r+R_A+R_T1+R₁） ②，由①②解得R_T1=R₀+150-R₁．
故答案为：（1）平抛运动竖直方向的分运动为自由落体；仍然成立；
（2）8.472；10.060；（3）（a）电路图如图所示；（b）④电阻箱电阻R₀；⑤I₀；电阻箱电阻R₁；⑥R₀+150-R₁．

『肆』 （1）在“验证机械能守恒定律”的实验中：某同学用图所示装置进行实验，直接得到如图所示的纸带．测出点A

（1）在“验证机械能守恒定律”的实验中，我们要计算出0点到A点的动能变化和重力势能变化，并进行比较．
所以一个重要数据没有测量，这一重要数据是：C点到起点0的距离．
根据匀变速直线运动推论得：
在C点时重锺的速度v_c=

xAE

tAE

=3.89m/s
根据匀变速直线运动推论得：
物体下落的加速度a=

△x

T2

=9.75m/s²，
根据牛顿第二定律可以得到mg-f=ma，
所以f=mg-ma=m（g-a）=1×（9.8-9.75）N=0.05N，
（2）实验报告显示重锤增加的动能略大于重锤减少的重力势能，说明测量的物体的速度偏大或者是物体的重力势能偏小，
A、由mgh=

1

2

mv²可知，重锤的质量与实验的数据无关，所以重锤的质量测量错误不会影响实验的数据，所以A正确；
B、该同学用v=gt计算了瞬时速率，说明已经把该运动当成了自由落体运动，故B错误．
C、先释放重物，再打开计时器电源，那么0点的速度已经不为零，已有动能，故C错误．
D、重锤下落时受到的阻力过大，会使物体的速度减小，不会使物体的动能变大，故A正确．
故选AD．
故答案为：（1）C点到起点0的距离3.890.05
（2）AD

『伍』 （2013连云港）某同学用图示装置做探究杠杆平衡条件的实验，图中杠杆匀质且均匀刻度．当杠杆水平平衡后

（1）设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，
根据杠杆平衡条件得：3G×2L=2G×3L，
所以，内应在右容侧第3格上挂2个钩码．
（2）若在右侧改用弹簧测力计向下拉，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动时，阻力、阻力臂不变，动力臂逐渐变小，根据杠杆平衡条件得，动力逐渐变大，弹簧测力计示数将逐渐增大．
故答案为：2；增大．

『陆』 （人011蚌埠模拟）Ⅰ．为了探究平抛运动的规律，某同学采用图示的装置进行实验，他用小锤打击弹性金属片

Ⅰ．两球同时落地，其竖直分运动的规律相同，即平抛运动的竖直分运动是自由落体运动；
平抛运动的竖直分运动与水平分运动无关，故增加初速度，竖直分运动情况不变；
故答案为：两球同时落地，其竖直分运动的规律相同，仍然；
Ⅱ．（4）根据公式△我=得T⁹，得到得＝

B7?得B

T9

＝

(9.了9?4.99)×40?9

0．49

＝0.80m/s9
（9）实验目的是沿着牛顿第二定律，根据F=m得，还需要测量钩码重力和小车的质量；
故答案为：钩码重力mg，小车质量m₄、m₉；
Ⅲ．（4）根据表格数据，电阻几十千欧，远4于滑动变阻器电阻，采用分压式接法；
电阻几十千欧，4内小外，故电流表采用内接法；
电路如图；

3.89m/s，0.05N，BC

『拾』 （1）①某同学用下图所示的实验装置进行“探究恒力做功与动能改变的关系”实验，他想用钩码的重力表示小

（1）①本实验要用勾码的重力代替小车所受到的合力，对小车受力分析，受到重力，拉力，支持力和摩擦力，要使拉力近似等于合力，可将长木板一段垫高，使重力的下滑分量恰好等于摩擦力，因为中间还有滑轮与轴之间的摩擦阻力，故拉力近似等于合力．故答案为：平衡摩擦力． ②根据刻度尺的读数可知，S C =5.06cm； 根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可以求出C点是速度为： v c = x BD t = (7.15-3.20)cm 4×0.02 =49cm/s=0.49 m/s ③同学研究小车运动过程中A点到E点小车的动能变化为： △ E K = 1 2 m v 2E - 1 2 m v 2A =0.022 J （2）：①螺旋测微器的读数为：0+0.01×26.6mm=0.266mm． ②根据欧姆定律得， R x = U max I max - R g = 3 3×1 0 -3 -120=880 Ω． ③电流表采取外接法测量误差较小，因为改装后的电压表测量的是电阻丝的准确电压，用电流表的电流减去电流表G的电流为通过电阻丝的准确电流．若限流，电压表变化范围约在2.4V-3V之间，误差较大．所以采用滑动变阻器分压式接法误差较小．电路图如下图． ④实物连线图如下图．

π d 2 I 1 ( R g - R 0 )

4L( I 2 - I 1 )

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