1. 如图1为研究加速度和力与质量的关系”的实验装置．①该实验应用的研究方法是______法；②在小车总质量不
（1）研究加速度和力与质量的关系，需先控制一个物理量不变，采用的研究方法是控制变量法．
（2）①由图线OA段可知，a与F的图线是倾斜的直线，可知质量一定的情况下，加速度与合外力成正比．
②因为图线的斜率表示物体的质量，AB段明显偏离直线，此时小车的质量不再远大于钩码的质量，斜率为钩码和小车总质量的倒数．
（3）研究加速度与小车质量的关系，若作出a-M图线，图线是曲线，无法得出a与M的定量关系，应该作a-
图线，图线为过原点的直线，说明a与M成反比．
故答案为：（1）控制变量，（2）①质量一定的情况下，加速度与合外力成正比，②没有使小车质量远大于钩码质量．
（3）a-
2. 在“用DIS研究加速度与力的关系”的学生实验中，实验装置图如下所示．（1）本实验采用了______传感器（填
（1）本实验采用了位移传感器，代替了打点计时器，用DIS可以测小车的加速度．
（2）①a图线回中当F≠0时物体的加答速度a=0，即只有当F增大到一定值时物体才开始具有加速度，故在物体保持静止的时候其所受的静摩擦力等于绳子的拉力，所以出现此现象的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够．故选B．
从b图可知在拉力F=0时物体的加速度不为0，即合外力不为0，B图纵轴的截距大于0，说明在无拉力的情况下物体的加速度大于0，即在平衡摩擦力时，长木板倾角过大（平衡摩擦力过度）．故选C．
故选BC．
故答案为：（1）位移（2）BC．
3. （2012年开封二模）下图为研究加速度和力的关系的实验装置。 (1)在本实验中，用钩码所受的重力大小当做
（1）合外力 不需要 （2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比。②C
4. 图1是“探究加速度与力、质量的关系”实验装置示意图，（1）在探究拉力一定时，加速度与质量的关系时，为
（1）在探究拉力一定时，加速度与质量的关系时，为消除摩擦力对实验的影响，应采用版将木板倾斜来平衡权小车与木板间的滑动摩擦力．改变小车的质量，不需要重新平衡摩擦力．
（2）为了研究加速度与质量的关系，因为合力一定时，加速度与质量成反比，a-m图线是曲线，不能得出a与m的定量关系，应作a- 图线，横坐标应取 作为变量． （3）根据牛顿第二定律得，整体的加速度a= ，则绳子的拉力F=Ma= ＝ ，当盘和砝码的质量比小车的质量小得多时，绳子的拉力等于砝码和砝码盘的重力．a-F图象未过原点，知F不等于零，加速度仍然为零，可知未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足． 故答案为：（1）将木板倾斜，不需要，（2） ，（3）小，未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．
5. “用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图（a）所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F
（抄1）在水平轨道上，由于袭受到摩擦力，拉力不为零时，加速度仍然为零，可知图线Ⅱ是在轨道水平的情况下得到的．当轨道的右侧抬高过高时，（平衡摩擦力过度），拉力等于0时，会出现加速度，所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．
（2）根据牛顿第二定律得，F-f=ma，a= ? ，图线的斜率表示质量的倒数；因为F=0.5N时，加速度为零，解得f=0.5N． （3）由于开始段a-F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=Ma 得a= ＝ ，而实际上a′= ，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的．所以更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验，可以减小弯曲的程度，而将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力可以避免出现这种情况．故最佳的答案是C选项． 故选：C 故答案为：（1）①（2）0.5（3）C
6. 图1为“用IS研究物体的加速度与力的关系”的实验装置图,A为带有位移传感器的小车
受力分析：NG=a(NG/g+M)
由牛顿第二定律可知：aM=F
所以整理得：a=（1-F/NG）g
7. 如图实－3－10所示为“用DIS(位移传感器、数据采集器、计算机)研究加速度和力的关系”的实验装置． 图实
(1)小车的总质量(或：小车的质量) 小车所受外力(或：外力、合外力) (2)①在质量不变的条件下，加速度与合外力成正比 ②C
8. （1）利用力传感器研究“加速度与合外力的关系”的实验装置如图甲．①下列关于该实验的说法，错误的是___
（1）①A．做实验之前必须平衡摩擦力，消除摩擦力对实验的影响．故A正确；
B．利用力传感器研究“加速度与合外力的关系”，不需要小车的质量必须比所挂钩码的质量大得多．故B错误；
C．在实验之前，应调节定滑轮的高度使细线与木板平行，才能使加速度的方向与绳子的拉力的方向相同．故C正确；
D．实验开始的时候，小车最好距离打点计时器近一些，使纸带的使用率更好．故D错误；
不同要求选择错误的选项，故选：BD
②A点的读数为：1.00cm，B点的读数为：1.70cm，所以读出A、B两点间的距离s1=1.70cm-1.00cm=0.70cm；
小车的加速度：a＝ ＝ m/ s2＝0.20m/s2
小车做加速运动，相等时间内的位移越来越大，所以小车与纸带的左侧相连．
（2）①闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于电压表最小电压处，即在滑动变阻器的左侧；
②多用电表的红色表笔一定要接电路的正极，所以用多用电表电压档测量L电压时，红表笔应接图1中的a点；
③电压表的量程为2.5V，每一个小格为0.01V，所以读数为：2.00V；
不论怎么调节滑动变阻器的滑片，多用电表指针均不偏转．将两表笔改接到图1电路的a、c两点，电表指针仍不偏转，说明电路中始终没有电流，出现了断路故障；改接a、d两点时，电表指针偏转，所以电路中的断点是在CD之间；
④用完多用电表后，需要把选择开关放在空挡上或交流最大档上，从而判断出乙同学的习惯好．
故答案为：（1）①BD；②0.70，0.20，左；（2）①左②a；③2.00；断路；④乙同学
9. 如图1为研究加速度和力的关系的实验装置．（1）在本实验中，用钩码所受的重力大小当做小车所受的______，
（1）探究加速度与力的关系，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受的合力．
用DIS系统测小车的加速度．在改变所挂钩码的数量，多次重复测量中，不需要同时在小车上加减砝码．
（2）根据在某次实验中测得的多组数据可画出a-F关系图线（如图2所示）．分析此图线的OA段可得出的实验结论是小车的质量一定，加速a与合力F成正比．
由于OA段a-F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=Ma
得a＝ 而实际上a′＝可见A，B段明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的，故选项C正确．
（3）A、若探究水平射程与初速度的关系，应控制抛出点的高度高度不变，可用表中序号为1、2的实验数据，故AD错误；
B、若探究水平射程与高度的关系，应控制水平初速度不变，可用表中序号为1、3、5的实验数据，故B正确，C错误；
故选B
故答案为：（1）合外力不需要
（2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比．②C
（3）B
10. 在“用DIS研究加速度与力的关系”的学生实验中，实验装置图如下所示． （1）本实验采用了______传感器（
（1）本实验采用了位移传感器，代替了打点计时器，用DIS可以测小车的加速度．
（2）①a图线中当F≠0时物体的加速度a=0，即只有当F增大到一定值时物体才开始具有加速度，故在物体保持静止的时候其所受的静摩擦力等于绳子的拉力，所以出现此现象的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够．故选B．
从b图可知在拉力F=0时物体的加速度不为0，即合外力不为0，B图纵轴的截距大于0，说明在无拉力的情况下物体的加速度大于0，即在平衡摩擦力时，长木板倾角过大（平衡摩擦力过度）．故选C．
故选BC．
故答案为：（1）位移（2）BC． |
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