某实验小组利用图式装置以来就

(1)AD(2)远小于(3)小于大于

C. 某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率．保持O点位置不变，竖直向上拉动弹簧测力计使重为G的钩码缓慢

（1）有用功为W_有=Gh₁，总功W_总=Fh₂，则机械效率的表达式η=

W有用

W总

×100%=

Gh1

Fh2

×100%，故A错误，B正确．
（2）由内图示根据容杠杆平衡条件可知，在水平位置拉升时：F×OB=G×OC，故C错误；
（3）若弹簧测力计始终竖直向上拉，动力臂与阻力臂的比值不变，阻力不变，由杠杆平衡条件可知，测力计示数不变，故D错误．
故选B．

D. 某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下：①用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，

（1）在步骤②中应该匀速竖直向上拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定．
（2）有用功为回W_有=Gh₁，总功答W_总=Fh₂，则机械效率的表达式η=

W有

W总

×100%=

Gh1

Fh2

×100%．
（3）有用功是提升钩码所做的功，额外功主要是克服杠杆重力做的功，影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占的比例；提升的钩码重一定，重物升高的距离一定，说明有用功一定，所以影响杠杆机械效率的主要因素是杠杆自身的重力．
（4）杠杆提升钩码时，对钩码做有用功，克服杠杆重做额外功，并且W_有+W_额=W_总；
设杠杆重心升高的距离为h，则有：Gh₁+G_杠h=Fh₂，而G不变，h₁不变，G_杠不变，钩码从A点到C点，钩码还升高相同的高度，杠杆上旋的角度减小，杠杆升高的距离h变小，
所以Gh₁+G_杠h变小，所以Fh₂也变小；由η=

Gh1

Fh2

可知，杠杆的机械效率变大．
故答案为：（1）匀速竖直向上拉动；（2）

Gh1

Fh2

×100%；（3）杠杆的自重；（4）变大．

E. 某实验小组利用图示装置测定滑块和木板之间的动摩擦因数，一端装有定滑轮表面粗糙的木板固定在水平桌面上

（1）对滑块，由牛顿第二定律得：m₃g-f=m₂a，滑动摩擦力：f=m₂gμ，则得：μ=

m3g?m2a

m2g

，
故为测量动摩擦因数，需要测出：滑块的质量m₂ 与托盘和砝码的总质量m₃．故选CD；
（2）A、为保证滑块做匀加速运动，绳子的拉力必须恒定，应调整滑轮高度，使细线与木板平行；故A正确．
B、本实验要测量动摩擦因数，不需要平衡摩擦力，故B错误．
C、实验中要保证滑块做匀加速运动，故C错误．
D、应满足m₃＜＜m₂，细线拉力才近似等于托盘和砝码的总重力．故选AD；
（3）由（1）题结果知：μ=

m3g?m2a

m2g

；
故答案为：（1）CD；（2）AD；（3）

m3g?m2a

m2g

．

F. 某实验小组利用图示的装置来验证牛顿第二定律．实验过程中，将两辆小车拉至木板尾端附近后释放，动力系统

（1）由图示实验装置可知，两小车受到的拉力相等而小车不同， 因此该实验可以版验证加速度与小权车质量的关小，实验时需要测出两小车的质量； （2）在实验之前，要将木板稍稍倾斜一些，这样做的目的是平衡小车在运动过程中受到的摩擦力，使小车受到的合力等于绳子的拉力． 故答案为：（1）质量；两小车的质量；（2）平衡小车运动时受到的摩擦阻力．

G. 某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，主要的实验步骤如下：

前面的两个空我觉得比较简单。我就重点说第三个空吧。
机械效率专是变大了。
理由是，悬挂点属从A点移到C点，杠杆做的有用功Gh1大小没有变化；但是克服杠杆的重力所做额外功变小了。原因是杠杆向上移动的距离小了。根据公式可知，用用功一定时，额外功越小，机械效率越高，所以答案是变大了。

H. 某实验小组利用图示（a）的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是______ （填字母代号

（1）A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，回故A正确；答
B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B错误；
C、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；
D、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要盆新调节木板倾斜度，故D正确；
选择：AD；
（2）重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，因此C数据比较符合要求．
故选：C
（3）当没有平衡摩擦力时有：F-f=ma，故a=

1

m

F-μg，即图线斜率为

1

m

，纵轴截距的大小为μg．
观察图线可知m_甲小于m_乙，μ_甲大于μ_乙；
故答案为：（1）AD；（2）；（3）小于，大于．

I. 某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是______A．调节滑轮的高度，

（1）来A、调节滑轮的高度，使牵引木自块的细绳与轨道保持平行，使得拉力等于小车的合力．故A正确．
B、实验时应先接通电源，再释放小车．故B错误．
C、调节轨道倾斜度平衡摩擦力时，应把纸带与小车连接并将纸带穿过打点计时器的限位孔．故C正确．
D、平衡摩擦力时，不能将装有砝码的砝码盘通过定滑轮连接在小车上．故D错误．
故选：AC．
（2）根据牛顿第二定律得，整体的加速度a=

mg

M+m

，则绳子的拉力F=Ma=

Mmg

M+m

＝

mg

1+ m M

，知砝码以及砝码盘的质量远小于小车和小车上钩码的总质量时，绳子的拉力等于砝码和砝码盘的重力．
故答案为：（1）AC（2）远小于

J. 某实验小组采用图示的装置探究“牛顿第二定律”即探究加速度a与合力F、质量M的关系．实验中，小车碰到制

（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则版应该用重力的下滑分量来平衡权摩擦力；
（2）重物加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T，根据牛顿第二定律，有
对重物，有 mg-T=ma
对小车，有 T=Ma
解得
T=

M

M+m

mg
故当M＞＞m时，有T≈mg
（3）根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a-M图象；
但a=

F

M

，故a与

1

M

成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a-

1

M

图象．
（4）图2中图象与纵轴的截距大于0，说明在拉力等于0时，就已经有加速度，说明平衡摩擦力时斜面的倾角过大．
故答案为：（1）平衡摩擦力；（2）远小于；（3）

1

M

；（4）平衡摩擦力时斜面的倾角过大