图甲是探究杠杆平衡条件的实验装置

处于，左，左，水平，力臂，左

㈤ 如图为探究“杠杆的平衡条件”的实验装置中：（1）实验前没有挂钩码时，发现杠杆左端下倾，应将杠杆右端

（1）杠杆重心左移应将左端平衡螺母向右调节，直至重心移到支点处，使杠杆重回力的力臂为零；杠杆在水平位答置平衡，力臂在杠杆上便于测量力臂大小；
（2）假设每小格长度L，每个钩码重G，①在甲图中，若在杠杆的右边位置3处挂钩码，根据F₁L₁=F₂L₂得，F₁×3L=4G×3L，所以F₁=4G，即挂4个钩码；如图所示；
②在乙图中，若在杠杆的右边位置4处挂钩码，根据F₁L₁=F₂L₂得，F₁×4L=4G×3L，所以F₁=3G，即挂3个钩码；如图所示．

故答案为：（1）右；零；方便直接从杠杆上读出（或测出）力臂的大小；
（2）①在甲杠杆的右边位置3处挂4个钩码，如上图；②在乙杠杆的右边位置4处挂3个钩码，如上图．

㈥ 如图是“探究杠杆平衡条件”的实验装置。 （1）实验前，发现杠杆左端略高于右端，应将螺母向_________调

（1）左 （2）3 （3）变大；阻力和阻力臂不变时，动力臂变小

㈦ 如图所示是探究杆杠平衡条件的实验装置．（1）调节杠杆在水平位置平衡的作用是什么______；若杠杆在使

（1）实验中，使杠杆在水平位置平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响专；二是便于测量力臂属的长度．
（2）杠杆左端低、右端高，说明重心偏左，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；平衡螺母只有在调平这一环节使用，在后面的实验过程中不能移动．
（3）实验序号1中力与力臂的乘积不相等，故第1组实验数据是错误的；
若动力臂错了，则有：F₁L₁=F₂L₂，即2N×L₁=1N×0.1m，得L₁=0.05m，则动力臂记录值比实际值比偏大．
故答案为：（1）便于测量力臂；右；右；不需要；（2）1；偏大．

㈧ 如图是“探究杠杆平衡条件”的实验装置．（1）实验前，发现杠杆左端略高于右端，应将螺母向______调节，

（1）发现杠杆左端高、右端低，杠杆重心应左移，应将平衡螺母（左端和右端的均可）向左调节，直至杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，所以这样做的好处是便于直接读取力臂．
（2）由杠杆的平衡条件F₁L₁=F₂L₂知，杠杆左端挂两个钩码，其力为2G，力臂为3格．右端力臂为2格，则力F₂=

F1L1

L2

=

2G×3

2

=3G，即右端要挂3个钩码．
（3）在图乙中的C处施加竖直向下的拉力F，使杠杆水平平衡．当拉力F向右倾斜时，其力臂的长度将会变小，由于阻力和阻力臂都不变，所以动力会变大．
故答案为：（1）左；水平；便于直接读取力臂；（2）3；（3）变大；阻力和阻力臂不变时，动力臂会变小．

㈨ 小朱用图甲所示的实验装置探究杠杆的平衡条件．（1）在调节杠杆的平衡时，如果杠杆右侧高左侧低，应将两

（1）杠杆不在水平位置，左端低，则重心应向右移动，故应向右调节左端或右端的平衡螺母，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离等于力臂，这样更便于测量力臂；
（2）由图可知，F_A=0.5N×3=1.5N，L_A=2cm×4=8cm，L_B=2cm×5=10cm，
根据杠杆平衡条件得：F_A×L_A=F_B×L_B，
1.5N×8cm=F_B×10cm，
所以F_B=1.2N；
如果保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，使杠杆仍在水平位置平衡，弹簧测力计拉力的力臂变小了，支点左侧力与力臂不变，由杠杆平衡条件可知，弹簧测力计拉力变大，弹簧测力计示数变大；
（3）实验表格中应包括动力、动力臂、动力与动力臂的乘积、阻力、阻力臂、阻力与阻力臂的乘积几项，且要多测几组数据，如下表所示：

动力/N	动力臂/cm	动力×动力臂/N?cm	阻力/N	阻力臂/cm	阻力×阻力臂/N?cm

（4）由图丙知，支点左端的钩码都使杠杆向逆时针方向转动，支点右侧的钩码都使杠杆向顺时针方向转动，所以杠杆的平衡条件可理解为：
使物体向逆时针方向转动的力（动力）与力臂的乘积之和等于使物体顺时针方向转动的力（阻力）与力臂的乘积之和．
故答案为：（1）右；便于测量力臂；（2）1.2；大；力臂变小；（3）表格如上所示；（4）使物体向逆时针方向转动的力（动力）与力臂的乘积之和等于使物体顺时针方向转动的力（阻力）与力臂的乘积之和．